Геометрия : задачи на готовых чертежах для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ (базовый уровень) : 7 класс [Эдуард Николаевич Балаян] (pdf) читать онлайн
Книга в формате pdf! Изображения и текст могут не отображаться!
[Настройки текста] [Cбросить фильтры]
В
D
N
M
Э.Н. БАЛАЯН, Н.Э, БАЛАЯН
Э.Н. БАЛАЯН, Н.Э. БАЛАЯН
Э.Н. БАЛАЯН, Н.Э. БАЛАЯН
ГЕОМЕТРИЯ
ГЕОМЕТРИЯ
ГЕОМЕТРИЯ
Задачи на готовых чертежах
Задачи на готовых чертежах
Задачи на готовых чертежах
для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ
для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ
для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ
7 класс
8 класс
9 класс
Э.Н. Балаян
Геометрия
задачи на готовых
чертежах для подготовки
кОГЭиЕГЗ
7-9
Э.Н. БАЛАЯН
Э.Н. БАЛАЯН
ГЕОМЕТРИЯ
Задачи на готовых чертежах
для подготовки к ЕГЭ
ЗАДАЧИ НА ГОТОВЫХ ЧЕРТЕЖАХ
. ДЛЯ ПОДГОТОВКИ К ОГЭ И ЕГЭ
10-11 классы
Класси
ПРОФИЛЬНЫЙ УРОВЕНЬ
Э.Н. БАЛАЯН
ГЕОМЕТРИЯ
ЗАДАЧИ НА ГОТОВЫХ ЧЕРТЕЖАХ
ДЛЯ ПОДГОТОВКИ К ОГЭ И ЕГЭ
9
785222 301 1 80
БАЗОВЫЙ УРОВЕНЬ
Большая
перемена
Э. Н. Балаян
ГЕОМЕТРИЯ
Задачи на готовых
чертежах
для подготовки
к ОГЭ и ЕГЭ
(базовый уровень)
7 класс
Ростов-на-Дону
{феникс
’2018
УДК 373.167.1:514
ББК 22.14я72
КТК 444
Б20
Б20
Балаян Э. Н.
Геометрия : задачи на готовых чертежах для подготовки к ОГЭ
и ЕГЭ (базовый уровень) : 7 класс / Э. Н. Балаян. — Ростов н/Д :
Феникс, 2018. — 51 с. : ил. — (Большая перемена).
ISBN 978-5-222-30118-0
Предлагаемое вниманию читателя пособие содержит задачи и упражнения
базового уровня по всем основным темам программы геометрии для 7 класса,
скомпонованных в 14 таблицах на готовых чертежах.
Эти упражнения дают возможность учителю в течение минимума времени
проработать и повторить с учащимися значительно больший объем материа
ла, тем самым наращивать темп работы на уроках.
Кроме того, приводятся краткие теоретические сведения по курсу геомет
рии 7 класса, сопровождаемые определениями, теоремами, основными свой
ствами. К наиболее трудным задачам приведены решения и указания.
Пособие адресовано учителям математики, репетиторам, студентам — бу
дущим учителям, учащимся общеобразовательных школ, лицеев, колледжей,
а также выпускникам для эффективной подготовки к ОГЭ и ЕГЭ.
ISBN 978-5-222-30118-0
УДК 373.167.1:514
ББК 22.14я72
© Балаян Э. Н., 2018
© Оформление, ООО «Феникс», 2018
Предисловие
На начальном этапе изучения геометрии основную трудность для
учащихся представляет выполнение чертежа. Кроме того, на его выпол
нение расходуется много времени.
Предлагаемое вниманию читателя пособие ставит целью устранить
этот пробел с помощью готовых чертежей.
На уроках геометрии очень часто каждое высказывание и ответ на
вопрос должны, как правило, сопровождаться демонстрацией черте
жа, причем чертеж и данные из условия задачи должны находиться
перед глазами учащихся в процессе решения задачи. Когда учащиеся
наглядно видят условие, то легче решают задачи. По этой причине упраж
нения на готовых чертежах оказывают неоценимую помощь в усвоении и
закреплении новых понятий и теорем, дают возможность в течение мини
мума времени усвоить и повторить значительно больший объем материала,
тем самым наращивать темп работы на уроках.
Кроме того, эти упражнения способствуют активизации мыслитель
ной деятельности учащихся, обучают умению грамотно рассуждать,
находить в них общее и делать различия, сопоставлять и противопостав
лять, делать правильные выводы.
В пособии на всех чертежах равные углы и отрезки отмечены одина
ковыми знаками, прямые углы — квадратиками, это дает возможность
учащимся значительно быстрее ориентироваться в условиях задачи.
Учитель может по своему усмотрению заранее подготовить их на доске
или плакатах и отводить на решение по 10-15 минут в начале каждого
урока.
При выполнении упражнений происходит активная мыслительная
деятельность учащихся, что в свою очередь приводит к эффективному
непроизвольному запоминанию определений, свойств и признаков изу
чаемых фигур. Определения, свойства и признаки рассматриваемых
фигур периодически повторяются в процессе выполнения разнообраз
ных упражнений, что приводит в итоге к продуктивному запоминанию.
Большое значение имеет и то, что учащиеся с большим удовольствием
предпочитают выполнять эти упражнения, чем отвечать на теоретиче
ские вопросы.
Наконец, предлагаемые упражнения быстро готовят учащихся к за
поминанию и самостоятельному решению таких задач, для которых эти
упражнения являются элементами.
Предлагаемая методика проведения уроков с использованием уп
ражнений на готовых чертежах, несомненно, способствует повышению
творческой активности учащихся, развитию логического мышления,
4 «•
Геометрия: залачи на готовых чертежах аля полготовки
к
ОГЭ
и
ЕГЭ: 7 класс
является эффективным средством усвоения и закрепления теоретическо
го материала.
Пособие представляет собой комплект упражнений по геометрии для
учащихся 7 класса, составленных в виде таблиц. Все задания соответ
ствуют ныне действующей программе по геометрии (планиметрии). По
собие может быть использовано учителями, работающими по учебнику
Л. С. Атанасяна «Геометрия, 7-9» и другим книгам.
В пособии 14 таблиц для 7 класса. В каждой таблице количество задач
различно. Как правило, они составлены в порядке возрастающей труд
ности, что позволяет учителю проводить работу дифференцированно.
К наиболее трудным задачам приведены подробные решения с поясне
ниями, а к остальным — указания и ответы, что дает возможность про
верить правильность решения.
Отметим, что предлагаемые упражнения не ставят целью заменить
систему задач из вышеуказанных пособий, а являются лишь дополне
нием к ней. Они дают возможность учителю сэкономить значительную
часть времени на изучение соответствующих тем и способствуют усиле
нию практической направленности преподавания геометрии.
Разлел I
КРАТКИЕ ТЕОРЕТИЧЕСКИЕ СВЕДЕНИЯ
Планиметрия
1. Углы
Углом называется геометрическая фигура (рис. 1), образованная дву
мя лучами, исходящими из одной точки.
Точка О — вершина угла, а лучи ОА и ОВ — стороны угла.
Обозначение: ZAOB или Zab.
Угол в 90° называется прямым (рис. 2).
Угол, меньший прямого, называется острым (рис. 3).
Угол, больший прямого, но меньший развернутого, называется ту
пым (рис. 4).
О
А
Рис. 1
Рис. 2
Рис. 3
Два угла называются вертикальными,
если стороны одного угла являются продол
жениями сторон другого (рис. 5).
ZAOC и ZDOB; ZBOC и ZAOD — вертикальные.
Вертикальные углы равны: ZAOC = ZDOB
и ZBOC = ZAOD.
Два угла называются смежными, если у
них одна сторона общая, а две другие со
ставляют прямую линию (рис. 6), ZAOC и
ZBOC — смежные.
Рис. 4
Рис. 5
Рис. 6
6 «• Геометрия: задачи на
готовых чертежах для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ: 7 класс
Сумма смежных углов равна 180°.
Биссектрисой угла называется луч, про
ходящий между сторонами угла и делящий его
пополам (рис. 7).
Биссектрисы вертикальных углов состав
ляют продолжение друг друга (рис. 8).
Биссектрисы смежных углов взаимно пер
пендикулярны (рис. 9).
Рис. 7
Рис. 9
Рис. 8
При пересечении двух прямых а и b третьей с (секущей) образуется
8 углов (рис. 10):
соответственные углы:
Z1 и Z5, Z2 и Z6, Z4 и Z8, Z3 и Z7;
внутренние накрест лежащие:
Z4 и Z6, Z3 и Z5;
внешние накрест лежащие:
Z1 и Z7, Z2 и Z8;
внутренние односторонние:
Z4 и Z5, Z3 и Z6;
внешние односторонние:
Z1 и Z8, Z2 и Z7.
Рис. 10
2. Многоугольник
ABCDE — пятиугольник (рис. 11).
Точки А, В, С, D, Е — вершины
многоугольника; ХА, ХВ, ХС, XD,
ХЕ — углы; АВ, ВС, CD и т. д. — сто
роны; отрезки AC, AD, BE, BD, СЕ —
диагонали; Р = АВ + ВС -I- ... + ЕА —
периметр многоугольника.
Многоугольник называется выпук
лым (см. рис. 11), если он целиком
расположен по одну сторону от каж
дой прямой, проходящей через две
Разлел I. Краткие теоретические сведения
•» 7
его соседние вершины. В противном случае многоугольник называется
невыпуклым (рис. 12).
Свойства
1. Сумма внутренних углов произвольного
n-угольника равна 180° • (п - 2).
2. Сумма внешних углов выпуклого
n-угольника, взятых по одному при каждой
вершине, равна 360°.
3. В выпуклом n-угольнике из каждой
вершины можно провести (п - 3) диаго
налей, которые разбивают n-угольник на
(п - 2) треугольников.
4. В выпуклом n-угольнике число диаго
налей равно — п(п - 3).
3. Правильные многоугольники
Выпуклый многоугольник, у которого равны все углы и стороны, на
зывается правильным.
Свойства
, „
180°(п-2)
1. Каждый угол правильного n-угольника равен ап =-------------- .
п
2. Около правильного n-угольника можно описать окружность, и при
том только одну.
3. В правильный n-угольник можно вписать окружность, и притом
только одну.
4. Окружность, вписанная в правильный n-угольник, касается всех
сторон n-угольника в их серединах.
5. Центр окружности, описанной около правильного п-угольника,
совпадает с центром окружности, вписанной в тот же п-угольник.
6. Длина стороны правильного n-угольника, вписанного в окруж180°
ность радиуса R, равна a = 2R sin------ .
n
7. Длина стороны правильного n-угольника, описанного около
„ х 180°
окружности радиуса г, равна a = 2r tg------ .
п
4. Треугольник
Треугольником называется геометрическая фигура, состоящая из
трех точек, не лежащих на одной прямой, и трех отрезков, последова
тельно соединяющих эти точки.
8 «•
Геометрия: задачи на готовых чертежах для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ: 7 класс
Точки А, В, С — вершины ААВС.
Отрезки АВ, ВС и АС — стороны, ZA,
ZBhZC — углы. ZA + ZB + ZC = 180°.
Стороны треугольника часто обознача
ют малыми буквами (рис. 13):
АВ = с, ВС = а, АС = Ь.
Р = а + Ь + с — периметр треугольника.
Треугольник, у которого все углы ост
рые, называется остроугольным (см.
рис. 13).
Треугольник, у которого есть прямой
угол, называется прямоугольным (рис. 14).
Стороны, образующие прямой угол,
называются катетами (а и Ь), а сторона,
лежащая против прямого угла, — ги
потенузой (с).
Треугольник с тупым углом называется
тупоугольным (рис. 15).
Треугольник, у которого две стороны рав
ны, называется равнобедренным (рис. 16).
Рис. 13
Рис. 14
Рис. 15
А
Рис. 16
Равные стороны называются боковыми,
а третья сторона — основанием равно
бедренного треугольника.
Треугольник, у которого все стороны рав
ны, называется равносторонним (рис. 17).
Каждый угол равностороннего треу
гольника равен 60°.
Рис. 17
Свойства равнобедренного треугольника
1. Углы при основании равны.
2. Биссектриса, проведенная к основанию, является одновременно
медианой и высотой.
3. Высота, проведенная к основанию, является одновременно медиа
ной и биссектрисой.
Раздел I. Краткие теоретические сведения
4. Медиана, проведенная к основанию,
является одновременно высотой и бис
сектрисой.
Внешним углом треугольника назы
вается угол, смежный с каким-нибудь
углом этого треугольника (рис. 18).
ZCBD — внешний угол треугольника.
Внешний угол треугольника равен
сумме двух углов треугольника, не смеж
ных с ним (см. рис. 18): ACBD = АА + АС.
Отрезок, соединяющий середины двух
сторон, называется средней линией тре
угольника (рис. 19).
•» 9
С
А
В
Рис. 18
D
Рис. 19
5. Признаки равенства треугольников
I признак (признак равенства по двум сторонам и углу между
ними ).
Если две стороны и угол между
ними одного треугольника соответ
ственно равны двум сторонам и углу
между ними другого треугольника, то
такие треугольники равны (рис. 20).
АВ = ArB^ АС = А^^ АА = AAV
Рис. 20
II признак (признак равенства по стороне и прилежащим к ней уг
лам ).
Если сторона и два прилежащих
угла одного треугольника соответ
ственно равны стороне и двум приле
жащим к ней углам другого треуголь
ника, то такие треугольники равны
(рис. 21).
АВ=А1В1, АА = АА19 АВ = АВх.
III признак (признак равенства по трем сторонам).
Если три стороны одного треуголь
ника соответственно равны трем
сторонам другого треугольника, то
такие треугольники равны (рис. 22).
АВ = А^В^ ВС = В^^ АС = АгСг.
Рис. 22
10 «•
Геометрия: задачи на готовых чертежах для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ: 7 класс
6. Неравенства треугольника
Каждая сторона треугольника меньше суммы двух других сторон:
a 1 5
16 «•
Геометрия: задачи на готовых чертежах для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ: 7 класс
ИЗМЕРЕНИЕ УГЛОВ
Таблица 2
ХАОВ = о ХАОС
ХАОС, ХВОС — ?
ХАОВ = 1,6 ХВОС
АЛОВ, ХВОС — 2
ХАОС = 4ХВОС
ХАОВ, ХВОС — 2
ХАОВ - 4ХАОС
ХАОВ, ХАОС — 2
Разлел II. Упражнения в таблицах
•» 1 7
Продолжение табл. 2
ZAOD = 6ZB0D
ZAOB, ZBOD — 2
10
ZAOB = 120°
ZBOD, ZAOC, ZBOC — 2
ZBOD = 6ZAOD
ZAOB, ZAOD — 2
ZAOB - 150°
ZCOD, ZBOD, ZAOC — 2
ZAOB = 140°
ZAOD, ZAOC — 2
12
ZAOB = 120°
ZAOD = 3ZBOD
ZBOD, ZAOD — 2
1 8 «•
Геометрия: задачи на готовых чертежах для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ: 7 класс
Раздел II. Упражнения в таблицах
•» 19
СМЕЖНЫЕ УГЛЫ
Таблица 3
20 «•
Геометрия: задачи на готовых чертежах для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ: 7 класс
Окончание табл. 3
Разлел II. Упражнения в таблицах
ВЕРТИКАЛЬНЫЕ УГЛЫ
•» 21
22 «•
Геометрия: задачи на готовых чертежах для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ: 7 класс
Окончание табл. 4
Разлел II. Упражнения в таблицах
ПРИЗНАКИ РАВЕНСТВА ТРЕУГОЛЬНИКОВ
•» 23
Таблица 5
24 «•
Геометрия: залачи на готовых чертежах для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ: 7 класс
Продолжение табл. 5
Раздел IL Упражнения в таблицах
•» 25
Окончание табл. 5
26 «•
Геометрия: задачи на готовых чертежах для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ: 7 класс
ПЕРИМЕТР РАВНОБЕДРЕННОГО ТРЕУГОЛЬНИКА
Таблица 6
АВ = 14, АС = 9
Р-?
Р = 53, MN — 1
22
MN = 8, Р = 32
MN, NK-?
3
N
Р = 45, MR, МК, RK-?
М
Р = 34, EF = 12
KE, KF — 2
F
АВ + АС = 24, Р = 34
АВ, AC, ВС — ?
С
MN - МК = 4, Р = 34
MN, МК, KN — 2
Р = 42, MN : МК = 4:5
К
MN, МК — 2
Раздел II. Упражнения в таблицах
•» 27
28 «•
Геометрия: залачи на готовых чертежах для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ: 7 класс
СВОЙСТВА РАВНОБЕДРЕННОГО ТРЕУГОЛЬНИКА
Раздел II. Упражнения в таблицах
•» 29
Окончание табл. 7
30 «•
Геометрия: задачи на готовых чертежах для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ: 7 класс
ОКРУЖНОСТЬ
Таблица 8
Разлел II. Упражнения в таблицах
ПРИЗНАКИ ПАРАЛЛЕЛЬНОСТИ ПРЯМЫХ
Найдите пары параллельных прямых (отрезков) и докажите
•» 31
32 «• Геометрия: задачи на
готовых чертежах для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ: 7 класс
Окончание табл. 9
Раздел II. Упражнения в таблицах
СВОЙСТВА УГЛОВ ПРИ ПАРАЛЛЕЛЬНЫХ ПРЯМЫХ
•» 33
34 «•
Геометрия: залачи на готовых чертежах лля полготовки к ОГЭ и ЕГЭ: 7 класс
Окончание табл. 10
Разлел II. Упражнения в таблицах
•» 35
УГЛЫ ТРЕУГОЛЬНИКА
Найдите все неизвестные углы треугольника.
Таблица И
36 «•
Геометрия: задачи на готовых чертежах для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ: 7 класс
Окончание табл. 11
Разлел II. Упражнения в таблииах
•» 37
НЕКОТОРЫЕ СВОЙСТВА ПРЯМОУГОЛЬНЫХ ТРЕУГОЛЬНИКОВ
Таблица 12
38 «•
Геометрия: задачи на готовых чертежах лля подготовки к ОГЭ и ЕГЭ: 7 класс
Разлел II. Упражнения в таблииах
•» 39
ПРИЗНАКИ РАВЕНСТВА ПРЯМОУГОЛЬНЫХ ТРЕУГОЛЬНИКОВ
40 «• Геометрия: задачи на готовых
чертежах для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ: 7 класс
РАССТОЯНИЕ ОТ ТОЧКИ ДО ПРЯМОЙ
тог
~ Л
Найдите расстояние от точки М до прямой АВ.
тт -
Таблица 14
Раздел III
РЕШЕНИЯ НЕКОТОРЫХ ЗАДАЧ
К таблице 1
2.
I способ
Пусть МК = х, тогда KN = 3 + х. По условию MN = 21. Но MN =
= МК + KN. Значит,
х + (3 + х) = 21,
2х + 3 = 21,
2х = 18, х = 9.
Следовательно, МК = х = 9, KN = 3 + х = 12.
Ответ: МК = 9,KN = 12.
II способ
Пусть МК = х, KN = у. Так как KN - МК = 9, то получим у - х = 9.
По условию MN =21, или х + у = 21. Имеем систему уравнений:
(х + у = 21,
[у-х = 9.
Складывая и вычитая почленно левые и правые части системы, нахо
дим:
12г/= 21+ 9, l2i/ = 30, j/ = 15,
|2х = 21-9; [2х = 12; х = 6.
Ответ: МК = 9,KN = 12.
4. Пусть ME = х, тогда ER = Зх. Так как по условию задачи MR = 24
и MR = ME + ER, то получим уравнение х + Зх = 24, или 4х = 24, откуда
х = 6. Значит, ME ~ 6, ER = 6 • 3 = 18.
Ответ: ME ■ 6, ER = 18.
К таблице 2
7. Пусть ZBOD = х, тогда ZAOD = 6х. Но ZAOD = ZAOC + ZCOD, или
ZAOD = 30° + 90° = 120°. Значит, 6х = 120, х = 20, т. е. ZBOD = 20°.
Следовательно, ZAOB = ZBOD + ZAOD = 20° + 120° = 140°.
Ответ: ZAOB = 140°, ZBOD = 20°.
11. Пусть ZBOC = ZCOD = х. По условию задачи ZAOD = 40° и
ZAOB = 120°. Но ZAOB = ZBOC + ZCOD + ZAOD. Следовательно, полу-
42 «• Геометрия: залачи на
готовых чертежах для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ: 7 класс
чим уравнение х + я + 40 = 120, 2х = 80, откуда х = 40. Значит, АВОС =
= 40°, ABOD = 2х = 80°, ЛАОС = 40° + 40° = 80°.
Ответ: ABOD = 80°, ЛАОС = 80°, АВОС = 40°.
17. Обозначим АВОС = х, ЛАОС = у, тогда х - у = 80. По условию
АЛОВ = 150°, или х + у = 150. Имеем систему уравнений:
fx + y = 150, 12х = 150 + 80,
[х-р = 80;
[2^ = 150-80;
12х = 230,
[2i/= 70;
Гх = 115,
[г/= 35.
Итак, АВОС = 115°, ЛАОС = 35°.
Ответ: АВОС = 115°, ЛАОС = 35°.
Замечание. Задачу можно решить с помощью уравнения (см. задачу 2
к табл. 1).
К таблиие 3
4. По условию задачи Akp = 90°, Арп = 30° и Атп = 180°. Тогда
Amk = 180° - (90° + 30°) = 60°.
Ответ: Amk = 60°.
8. Пусть Аас = х, тогда Abe = 8х. Так как сумма смежных углов рав
на 180°, то получим уравнение х + 8х = 180, 9х = 180, х = 20. Значит,
Аас = 20°, Abe = 20° • 8 = 160°.
Ответ: Аас = 20°, Abe = 160°.
Замечание. Abe можно найти и так: Abe = 180° - 20° = 160°.
12. 25% = 0,25 = -, т. е. APOL = - АКОР, или АКОР = 4APOL.
4
4
Пусть APOL = х, тогда АКОР = 4х. Так как APOL и АКОР — смеж
ные, то получим уравнение: х + 4х = 180, 5х = 180, откуда х = 36, т. е.
APOL = 36°, АКОР = 36° ♦ 4 = 144°.
Ответ: APOL = 36°, АКОР = 144°.
16. Пусть AROP = 2х, тогда ASOK = 5х. Но ASOK = APOS (по усло
вию), т. е. APOS = 5х.
AROK = 180°, значит, 2х + 5х + 5х = 180°, или 12х = 180, х = 15.
Следовательно, APOS = 5х = 15 • 5 = 75° и ASOK = 75°, AROS = 30° +
+ 75° = 105°.
Ответ: AROS = 105°, ASOK = 75°.
К таблице 4
7. По условию задачи Zl + Z2 + Z3 = 220°. Но Z2 + Z3 = 180° как
сумма смежных углов. Тогда получим Z1 + 180° = 220°, Z1 = 40°.
Раздел III. Решения некоторых задач
•» 43
Zl = Z3 = 40° (вертикальные углы равны).
Z2 = Z4 = 180° - Z3 = 180° - 40° = 140°.
Ответ: Zl = Z3 = 40°, Z2 = Z4 = 140°.
12. Так как Zl = Z3 и Z2 = Z4 (как вертикальные), то Zl - Z2 + Z3 +
+ Z4 = Zl - Z2 + Zl + Z2 = 260° (по условию), или 2Z1 = 260°, откуда
Z1 = 260°: 2 = 130°, тогда Z2 = 180° - 130° = 50°.
Ответ: Z1 = 130°, Z2 = 50°.
16. Так как 20° = 0,2 = —, то Z2 = — Z1, или Zl = 5Z2. Пусть Z2 = х,
5
5
тогда Z2 = 5х. Имеем уравнение х + 5х = 180, 6х = 180, х = 30. Значит,
Z2 = 30°, тогда Z1 = 5х = 150°.
Ответ: Z1 = 150°, Z2 = 30°.
К таблице 5
11.1) Рассмотрим А АСМ и AADM.
АС = AD, СМ = DM (по условию), АМ — общая сторона. Значит,
ААСМ = AADM (по трем сторонам), т. е. по III признаку равенства тре
угольников.
2) АСМВ = ADMB (как углы соответственно смежные ААМС и
AAMD), МВ — общая сторона. Значит, АСМВ = ADMB (по двум сторо
нам и углу между ними), т. е. по I признаку равенства треугольников.
Тогда СВ = DB.
3) ААСВ = AADB (по трем сторонам): АС = AD (по условию), ВС = BD
(по доказанному), АВ — общая сторона.
20. 1) В AMEF и AMNF известно, что MN = EF и ME = NF. Кроме
того, MF — общая сторона. Значит, AMEF = AMNF (по трем сторонам),
т. е. по III признаку равенства треугольников. Из равенства треуголь
ников следует, что AFMN = AEFM и AMFN = AEMF.
2) AEMN = AENF (по трем сторонам), тогда AMNE = AFEN и
AMEN = AENF.
3) АМОЕ = AFON и AMON = A FOE (по стороне и прилежащим к ней
углам), т. е. по II признаку равенства треугольников.
24. 1) AAOD = АСОВ (по II признаку равенства треугольников), т. е.
по стороне и прилежащим к ней углам, тогда OD = ОВ и АО = ОС.
2) ADAC = ABAC (по I признаку равенства треугольников), т. е. по
двум сторонам и углу между ними.
3) ADOC = ААОВ, так как OD = ОВ, АО = ОС и ADOC = ААОВ как
вертикальные.
4) AAOD = Д СОВ (по III признаку).
44 «•
Геометрия: задачи на готовых чертежах для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ: 7 класс
К таблице 6
7. По условию ХМ = XN, значит, AMKN — равнобедренный, где
МК = NK.
Пусть МК = KN = х, тогда MN = х + 4, так как по условию MN - МК = 4. Но периметр Р = 34, следовательно, имеем уравнение
х + х + (х + 4) = 34, или Зх = 34 -4, Зх = 30, х = 10.
Значит, MN = х + 4 = 14, МК = KN = 10.
Ответ: MN ~ 14, МК = KN = 10.
11. Пусть МК = KN = х (AMKN — равнобедренный, так как КТ —
высота — общая сторона, МТ = TN (по условию).
Значит, А МКТ = ^KTN — по двум катетам, тогда МК = NK). МТ =
= TN = у. По условию МК + КТ + МТ = 24, или х + КТ + у = 24.
Кроме того, Р = 32, или 2х + 2у = 32, х + у = 16.
Значит, КТ = 24 - (х + I/) = 24 - 16 = 8.
Ответ: 8.
14. Пусть ME = Зх, EF = 4х. Так как Рдмер = 48, то получим ME +
+ EF + MF = 48, где MF = 20 (по условию), тогда Зх + 4х + 20 = 48,
7х = 28, х = 4. Значит, MN = 2МЕ = 2 • Зх = 24, EF = 4х = 16.
Ответ: MN — 24, EF = 16.
К таблице 7
10. Так как АМ = ВМ, то А АМВ — равнобедренный (по определе
нию). По условию ХМ = 80°, ХА = ХАВМ = (180° - 80°): 2 = 50°. Значит,
ХСВА = 180° - ХАВМ = 180° - 50° = 130°.
Ответ: 130°.
12. По условию MN = BN, тогда AMBN — равнобедренный (по опре
делению), а в равнобедренном треугольнике углы при основании равны
(по свойству). Значит, ХМ = XMBN = 60°, тогда XABN = 180° - 60° =
= 120° (по свойству смежных углов). Но ВС — биссектриса XABN (по
условию), тогда ХСВА = 120° : 2 = 60°.
Ответ: 60°.
16. Так как АВ =AD, то AABD — равнобедренный (по определению).
Высота АМ, проведенная к основанию BD, является одновременно бис
сектрисой и медианой.
По условию ХВАМ = 30°, ХАМВ = 90°, тогда ХАВС = 30° + 90° = 120°
(по теореме о внешнем угле треугольника).
Ответ: 120°.
Разлел III. Решения некоторых залач
•» 45
К таблице 8
4. KN — касательная к окружности, ON — радиус, тогда ZONK =
= 90° (по свойству касательной). В AKON ZK = 26°, ZONK = 90°, зна
чит, ZKON = 90° - 26° = 64° => ZMON = 180° - 64° = 116°. Так как МО =
= ON (как радиусы), то ZM = ZMNO = (180° - 116°): 2 = 32°.
Ответ: ZM - 32°, ZMON = 116°, ZMNO = 32°.
8. МО = ОК = ON = R — радиус окружности, значит, АМОК — рав
нобедренный с основанием МК, тогда ZMKO = ZOMK = 60°, следова
тельно, ZMOK = 180° - (60° + 60°) = 60°, т. е. АМОК — равносторон
ний. По условию ME = EN и ОМ = ON => AMON — равнобедренный,
значит, ОЕ — биссектриса, тогда ZMOE = ZNOE = 60°.
В равнобедренном AMON биссектриса ОЕ является высотой, т. е.
ZMEO = 90°, ZOME = 90° - 60° = 30°.
Ответ: ZOME = 30°, ZMOE = 60°, ZMEO = 90°.
К таблице 9
5. Z1 = 40° (по свойству верти
кальных углов). Так как 140° 4- 40° =
= 180°, то d || е (если при пересечении
двух прямых секущей сумма односторонних углов равна 180°, то прямые параллельны).
Значит, d || е.
8. Так как АВ = АМ, то ААВМ — рав
нобедренный. Тогда Zl = Z3 (по свой
ству). Но Zl = Z2 (по условию), значит,
Z2 = Z3. Но Z2 и Z3 — накрест лежащие,
с — секущая, следовательно, т || п (по
признаку параллельности прямых).
12. По условию KE = KF и
ZKEN = ZKFM = 90°, Zl = Z2 как
вертикальные, значит, ANEK =
= Л MFK по катету и острому углу,
тогда Z3 = Z4. А так как при пере
сечении двух прямых NE и MF се
кущей MN накрест лежащие углы
равны, то EN || MF.
46 «• Геометрия: задачи на готовых чертежах для подготовки
к ОГЭ и ЕГЭ: 7 класс
16. По условию АО = СО и ВО = DO.
Кроме того, Zl = Z2 как вертикальные.
Значит, АЛОВ = Л COD по двум сторонам и
углу между ними. Из равенства треуголь
ников следует, что Z3 = Z4. А так как эти
углы накрест лежащие и равны, то АВ || CD.
К таблиие 10
7. Так как сумма смежных углов равна
180°, то Zl + Z2 = 180°. По условию задачи
Zl + Z2 - Z3 = 110°, тогда получим 180° - Z3 = 110°, откуда Z3 = 70°.
Ответ: 70°.
12. Пусть Z1 = х, Z2 = у. По условию
7Z1 = 2Z2, или 7х = 2у. Но Z2 = Z3 как
накрест лежащие, т. е. Z3 = у. Кроме того,
Zl -I- Z3 = 180° как сумма односторонних
углов при параллельных прямых k, I и
секущей т. Значит, х + у = 180. Получим
систему уравнений:
fx + i/ = 180, Гу = 180-х,
[7x = 2i/;
рх = 2(180 -х).
7х = 360 - 2х, 9х = 360, х = 40,1/ = 180 - 40 = 140.
Следовательно, Z1 = х = 40°, Z2 = у = 140°.
Ответ: Z1 = 40°, Z2 = 140°.
16. Так как MN || EF, то АЕКМ = AKMN = 30°. По условию AMKN =
= 90°, тогда AN = 90° - 30° = 60°, AFKN = AN = 60° (как накрест лежа
щие углы при параллельных прямых EF, MN и секущей KN).
Ответ: АМ = 30°, AN = 60°, AFKN = 60°.
К таблице 11
10. По условию МК = NK, значит, AMKN — равнобедренный, тог
да АМ = AN (по свойству). Так как AMKL = 150°, то AMKN = 180° - 150° = 30°. Значит, АМ = AN = (180° - 30°): 2 = 75°.
Ответ: АМ = AN = 75°, AMKN - 30°.
16. По условию AS = 75°, ALKS = 35°, тогда AKLS = 180° - (35° +
+ 75°)= 180°- 110° = 70°.
Значит, ARLK = 180° - 70° = 110° (или ARLK = AS + ALKS).
Так как RL = KL, то ARLK — равнобедренный, тогда AR = ARKL =
= (180°-110о):2 = 35°.
Ответ: AR = ARKL = 35°, ARLK = 110°, AKLS = 70°.
Разлел III. Решения некоторых залач
•» 47
К таблице 12
3. В \RTK ZT = 90°, RT = 9, RK = 18. Так как TR = -RK, то ZK =
2
= 30°, ZR = 60°.
Ответ: ZK = 30°, ZR = 60°.
10. Так как ZC = 90°, то ZA + ZB = 90° (по свойству прямоугольного
треугольника). По условию задачи ZA - ZB = 30°. Имеем систему уравZA + ZB = 90°,
нении:
ZA-ZB = 30°.
Складывая и вычитая уравнения системы, имеем
l2ZA = 90° + 30°, l2ZA = 120°, ZA = 60°,
[2ZB = 90°-30°; 12ZB = 60°;
ZB = 30°.
Ответ: ZA ’ 60°, ZB = 30°.
16. По условию МК = NK, значит, &MNK — равнобедренный, тогда
ZM = ZMNK (по свойству). Так как ZNFK = 90° и ZFNK = 50°, то ZK =
= 90° - 50° = 40°, тогда ZM = ZMNK = (180° - 40°): 2 = 70°.
Значит, ZKNE = 180° - 70° = 110°.
Ответ: 110°.
К таблице 13
3. Так как ZR = ZT, RE = ET и ZSER = 90°, to ZSET = 90°. Тогда
A RES = A TES по стороне и прилежащим к ней углам (по II признаку
равенства треугольников).
К таблице 14
5. ЛАМВ — прямоугольный, ZM = 90°, ZMAB = 180° - 120° = 60°,
тогда ZB = 90° - 60° = 30°. Следовательно, АМ = —АВ = 13, где АМ —
2
расстояние от точки М до прямой АВ.
Ответ: 13.
7. Так как АВ — диаметр окружности, то ZACB = 90°, тогда ZA =
= 90° - 60° = 30°.
В ЛАОМ АМ = 14 (по условию), МО Z АВ п ZA = 30° ^ МО = -АМ =
2
= 7.
Ответ: 7.
Ответы
Таблица 1
1. АС = 10, СВ = 4. 2. МК = 9,KN = 12. 3. RK = 16, KS = 8. 4. ME =
= 6,ER = 18. 5. AM =11, MB = 5. 6. TF = 24, ET = 8. 7. 3. 8. ME = 3,
EF = ±. 9. 18. 10. 18. 11.8. 12.AD = CB = 3.
Таблица 2
1. ZAOC = 28°, ZBOC = 112°. 2. ZAOB = 150°, ZBOC = 30°. 3. 70°.
4. ZAOB = 60°, ZBOC = 90°. 5. ZAOB = 80°, ZAOC = 20°. 6. ZAOB = 100°,
ZBOC = 20°. 7. ZAOB = 140°, ZBOD = 20°. 8. ZAOB = 140°, ZAOD = 20°.
9. ZCOD = 90°, ZBOD = 110°, ZAOC = 130°. 10. ZAOD = 50°, ZAOC =
= 105°. 11. ZBOD = 80°, ZAOC = 80°, ZBOC = 40°. 12. ZBOD = 30°,
ZAOD = 90°. 13. ZAOC = 70°, ZAOD = 35°, ZBOC = 20°. 14. ZBOD = 65°,
ZCOD = 20°. 15. ZCOD = 30°, ZAOD = 30°. 16. ZAOC = 110°, ZBOC =
= 40°. 17. ZBOC = 115°, ZAOC = 35°. 18. ZAOD = 40°, ZCOD = 60°.
Таблица 3
1. Zbc = 120°, Zac = 60°. 2. Zmp = 30°, Zpn = 150°. 3. 20°. 4. 60°.
5. Zmk = 35°, Zmp = 145°. 6. Zac = 130°, Zbc = 50°. 7. Zml = 150°, Zlk =
= 30°. 8. Zac = 20°, Zbc = 160°. 9. ZAOC = 50°, ZBOC = 130°. 10. ZKON =
= 30°, ZMOK = 150°. 11. ZMOK = 36°, ZMOP = 144°. 12. ZPOL = 36°,
ZKOP = 144°. 13. ZAOD = 140°, ZCOD = 40°. 14. ZMOE = 40°, ZNOF =
= 70°. 15. ZAOC = 70°, ZBOD = 40°. 16. ZROS = 105°, ZSOK = 75°.
Таблица 4
1. 145°. 2. Zmn = 40°, Zmnx = 140°, Zm^ = 40°. 3. Zabx = 130°, Zab =
= 50°. 4. Zmn = 20°, Zm^ = 160°. 5. Zab = 45°, ZaJ = 135°. 6. Z1 = Z3 =
= 25°, Z2 = Z4 = 155°. 7. Z1 = Z3 = 40°, Z2 = Z4 = 140°. 8. Z1 = Z3 =
= 50°, Z2 = Z4 = 130°. 9. Z1 = Z3 = 140°, Z2 = Z4 = 40°. 10. Z1 = 145°,
Z2 = 35°. 11. Z1 = 120°, Z2 = 60°. 12. Z1 = 130°, Z2 = 50°. 13. Z1 =
= 120°, Z2 = 60°. 14. Z1 = 150°, Z2 = 30°. 15. Z1 = 140°, Z2 = 40°.
16. Z1 = 150°, Z2 = 30°.
Таблица 6
1.32. 2. MK = NK= 12. 3. MR = MK = RK = 15. 4. KE = 11, KF = 11.
5. 9. 6. AB = 14, AC = BC= 10. 7. MN = 14, MK = KN = 10. 8. MN = 12,
MK=15. 9.AB = 6,AC = 12. 10. 48. 11.8. 12. 16. 13. 36. 14.M^ = 24,
EF=16. 15. RK = 13, RS = 10. 16. 36.
Ответы
•» 49
Таблица 7
1. 40°. 2. 70°. 3. 60°. 4. 60°. 5. 40°. 6. 50°. 7. 120°. 8. 35°. 9. 80°.
10. 130°. 11. 120°. 12. 60°. 13. 105°. 14. 135°. 15. 40°. 16. 120°.
Таблица 8
1. ZB = ZC = 55°. 2. О^ = 6, О2В = 12. 3. 14. 4. ZM = 32°, ZMON =
= 116°, ZMNO = 32°. 5. ZK = 10°, ZKON = 80°, ZMON = 100°. 6. 75°.
7. 40°. 8. ZOME = 30°, ZMOE = 60°, ZMEO = 90°.
Таблица 10
1. Zl = 120°, Z2 = 60°. 2. Zl = 50°, Z2 = 130°. 3. Zl = 110°, Z2 =
= 70°. 4. Zl = Z2 = 80°. 5. 55°. 6. Zl = Z2 = 50°, Z3 = 130°. 7. 70°.
8. 55°. 9. Zl = 120°, Z2 = 60°. 10. Zl = 150°, Z2 = 30°. 11. Zl = 50°,
Z2 = 130°. 12. Zl = 40°, Z2 = 140°. 13. 70°. 14. Zl = Z3 = 50°, Z2 = 60°.
15. ZABC = 60°, ZABN = 150°. 16. ZM = 30°, ZN = ZFKN = 60°.
Таблица 11
1. ZB = 110°. 2. ZN = 40°. 3. ZL = ZK = 70°. 4. ZA = ZB = ZC =
= 60°. 5. ZM = ZN = 45°. 6. ZA = 60°, ZC = 90°. 7. ZBAC = 25°,
ZB = 65°, ZC = 90°. 8. ZT = 70°, ZTLK = 45°. 9. ZA = ZB = 60°,
ZACB = 60°. 10. ZM = Z^ = 75°, ZMKN = 30°. 11. ZCAB = 40°, ZC =
= 30°, ZABC = 110°. 12. ZPKE = 40°, ZKPE = 60°, ZE = 80°. 13. ZA =
= ZB = 45°, ZACB = 90°, ZACD = ZBCD = 45°. 14. ZA = ZABM =
= ZAMB = 60°, ZAMK = ZBMK = 30°, ZAKM = ZBKM = 90°. 15. ZB =
= ZN = 45°, ZKMN = 90°, ZKMT = ZNMT = 45°, ZKTM = ZNTM = 90°.
16. ZB = 35°, ZRKS = 70°, ZRLK = 110°, ZKLS = 70°.
Таблица 12
1. 8. 2. 7. 3. ZK = 30°, ZR = 60°. 4. ZM = ZN = 45°. 5. ZA = 60°,
ZABC = 30°. 6. 14. 7. 10. 8. FM = 15, ZF = ZFEM = 45°. 9. ZA = 60°,
ZB = 30°. 10. ZA = 60°, ZB = 30. 11. RM = 34, RK = 17. 12. 18. 13. BS =
= 12, BP = 24. 14. AC = 20, BD = 30. 15. ME = 10, EK = 30. 16. 110°.
Таблица 14
1. 9. 2. 15. 3. 10,5. 4. 12. 5. 13. 6. 6. 7. 7. 8. 7.
СОДЕРЖАНИЕ
Предисловие............................................................................................................... 3
Раздел I. Краткие теоретические сведения.................................................... 5
Планиметрия...................................................................................................................... 5
1.Углы........................................................................................................................... 5
2. Многоугольник.......................................................................................................6
3. Правильные многоугольники............................................................................ 7
4. Треугольник............................................................................................................ 7
5. Признаки равенства треугольников................................................................9
6. Неравенства треугольника............................................................................... 10
7. Определение вида треугольника по его сторонам.................................... 10
8. Прямоугольные треугольники (некоторые свойства)............................. 10
9. Признаки равенства прямоугольных треугольников............................. 10
10. Четыре замечательные точки треугольника........................................... 11
11. Окружность.........................................................................................................12
12. Свойства касательных к окружности......................................................... 13
13. Окружность и треугольник........................................................................... 13
Раздел II. Упражнения в таблицах..................................................................14
Таблица 1. Измерение отрезков................................................................................. 14
Таблица 2. Измерение углов........................................................................................ 16
Таблица 3. Смежные углы............................................................................................ 19
Таблица
Таблица
Таблица
Таблица
Таблица
Таблица
Таблица
Таблица
Таблица
Таблица
Таблица
4. Вертикальные углы.................................................................................. 21
5. Признаки равенства треугольников....................................................23
6. Периметр равнобедренного треугольника........................................ 26
7. Свойства равнобедренного треугольника.......................................... 28
8. Окружность................................................................................................ 30
9. Признаки параллельности прямых....................................................31
10. Свойства углов при параллельных прямых................................... 33
11. Углы треугольника................................................................................. 35
12. Некоторые свойства прямоугольных треугольников................. 37
13. Признаки равенства прямоугольных треугольников................. 39
14. Расстояние от точки до прямой......................................................... 40
Солержание
•» 51
Раздел III. Решения некоторых задач.......................................................... 41
К
К
К
К
таблице 1............................................................................................................... 41
таблице 2............................................................................................................... 41
таблице 3............................................................................................................... 42
таблице 4............................................................................................................... 42
К таблице 5............................................................................................................... 43
К таблице 6............................................................................................................... 44
К таблице 7............................................................................................................... 44
К таблице 8............................................................................................................... 45
К таблице 9............................................................................................................... 45
К таблице 10.............................................................................................................46
К таблице 11.............................................................................................................46
К таблице 12.................
47
К таблице 13.............................................................................................................47
К таблице 14.............................................................................................................47
Ответы............................................................................................................................. 48
Таблица 1.................................................................................................................. 48
Таблица 2.................................................................................................................. 48
Таблица 3.................................................................................................................. 48
Таблица 4.................................................................................................................. 48
Таблица 6.................................................................................................................. 48
Таблица 7.................................................................................................................. 49
Таблица 8.................................................................................................................. 49
Таблица 10............................................................................................................... 49
Таблица 11............................................................................................................... 49
Таблица 12............................................................................................................... 49
Таблица 14............................................................................................................... 49
ЕНЕ
Учебное издание
Балаян Эдуард Николаевич
ГЕОМЕТРИЯ
Задачи на готовых чертежах
для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ
(базовый уровень)
7 класс
Ответственный редактор С.Осташов
Технический редактор Л. Багрянцева
Формат 70 х 100/16. Бумага офсетная.
Печать офсетная. Усл. печ. л. 15,48. Тираж 3000 экз.
Заказ № 11451.
ООО «Феникс»
344011, Россия, Ростовская обл., г. Ростов-на-Дону, ул. Варфоломеева, 150
Сайт издательства: www.phoenixrostov.ru
Интернет-магазин: www.phoenixbooks.ru
Изготовлено в России
Дата изготовления: 01.2018.
Изготовитель: АО «Первая Образцовая типография»
филиал «УЛЬЯНОВСКИЙ ДОМ ПЕЧАТИ»
432980, Россия, Ульяновская обл.,
г. Ульяновск, ул. Гончарова, 14
Издательство
^Ренике
/
/
/
/
/
S
Приглашает к сотрудничеству
АВТОРОВ для издания:
научной и научно-популярной литературы по
МВДИЦИНЕ и ВЕТЕРИНАРИИ, ЮРИСПРУДЕНЦИИ
и ЭКОНОМИКЕ, СОЦИАЛЬНЫМ и ЕСТЕСТВЕННЫМ НАУКАМ
литературы по
ПРОГРАММИРОВАНИЮ и ВЫЧИСЛИТЕЛЬНОЙ ТЕХНИКЕ
ПРИКЛАДНОЙ и ТЕХНИЧЕСКОЙ литературы
литературы по СПОРТУ и БОЕВЫМ ИСКУССТВАМ
ДЕТСКОЙ и ПЕДАГОГИЧЕСКОЙ литературы
литературы по КУЛИНАРИИ и РУКОДЕЛИЮ
Высокие гонорары!!!
Все финансовые затраты берем на себя!!!
При принятии рукописи в производство
выплачиваем гонорар на 10 % выше
любого российского издательства!!!
Рукописи не рецензируются и не возвращаются!
По вопросам издания книг:
Тел. 8 (863) 2618950
E-mail: office@phoenixrostov.ru
Наш адрес:
344011, г. Ростов-на-Дону, ул. Варфоломеева, 150
Факс: (863) 261-89-50
http://www.Phoenixrostov.ru E-mail: reclamabook@jeo.ru
Редакционно-издательский отдел
Осташов Сергей Александрович (руководитель отдела)
Тел.: (863) 261-89-75 (доб. 2) e-mail: ostashov@aaanet.ru
Багрянцева Людмила Андреевна
(технический редактор)
Тел.: (863) 261-89-75 (доб. 2)
Сайт издательства Феникс: http://www.Phoenixrostov.ru
Вы можете ознакомиться с содержанием наших книг, прочитать
отдельные главы и выдержки из них и купить понравившуюся
книгу по самым низким ценам в интернет-магазине
www.phoenixbooks.ru.
Оплата — денежный перевод или электронный платеж,
доставка — почтой России.
^^^Издательство
%^е нике
344011, г. Росгов-на-Дону,
ул. Варфоломеева, 150
Тел.: (863) 261-89-50
www.phoenixrostov.ru
ПРЕДЛАГАЕТ:
/
Около 100 новых книг каждый месяц
✓
Более 6000 наименований книжной продукции
собственного производства
ОСУЩЕСТВЛЯЕТ:
/
Оптовую и розничную торговлю книжной продукцией
ГАРАНТИРУЕТ:
✓
Своевременную доставку книг в любую точку страны, за счет
издательства, ж/д контейнерами
✓
✓
✓
Многоуровневую систему скидок
Реальные цены
Надежный доход от реализации книг нашего
издательства.
ТОРГОВЫЙ ОТДЕЛ
344011, г. Ростов-на-Дону, ул. Варфоломеева, 150
Контактные телефоны:
(863) 261-89-53, 261-89-54,
261-89-55, 261-89-56, 261-89-57.
Факс 261-89-58.
Начальник торгового отдела
Аникина Елена Николаевна
Тел.: (863)261-89-53.
E-mail: torgl53@aaanet.ru
Вышли в свет
Э. Н. Балаян
ГЕОМЕТРИЯ
Задачи на готовых чертежах
для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ
(профильный уровень)
7 класс
Предлагаемое вниманию читателя пособие содержит около
300 задач и упражнений профильного уровня по всем основ
ным темам программы геометрии для 7 класса, скомпонован
ных в 14 таблицах на готовых чертежах.
Эти упражнения дают возможность учителю в течение ми
нимума времени проработать и повторить с учащимися зна
чительно больший объем материала, тем самым наращивать
темп работы на уроках.
Кроме того, приводятся краткие теоретические сведения по
КУРСУ геометрии 7 класса, сопровождаемые определениями,
теоремами, основными свойствами. К наиболее трудным зада
чам приведены решения и указания.
Пособие адресовано учителям математики, репетиторам,
студентам — будущим учителям, учащимся общеобразова
тельных школ, лицеев, колледжей, а также выпускникам для
эффективной подготовки к ОГЭ и ЕГЭ.
Вышли в свет
Э. Н. Балаян
ГЕОМЕТРИЯ
Задачи на готовых чертежах
для подготовки к ОГЭ и ЕГЭ
7-9 классы
Предлагаемое вниманию читателя по
собие содержит более 1000 разноуровне
вых задач и упражнений по основным те
мам программы геометрии (планиметрии)
7-9 классов, скомпонованных в 3 комплек
та по готовым чертежам. 7 класс содержит
12 таблиц, 8 класс — 25, 9 — 12 таблиц.
Эти упражнения дают возможность учи
телю в течение минимума времени решить
и повторить значительно больший объем
материала, тем самым наращивать темп ра
боты на уроках.
Кроме того, приводятся краткие теоретические сведения
по курсу геометрии 7-9 классов, сопровождаемые определе
ниями, теоремами, основными свойствами и необходимыми
справочными материалами. К наиболее трудным задачам при
ведены решения и указания.
Пособие адресовано учителям математики, репетиторам,
студентам — будущим учителям, учащимся общеобразова
тельных школ, лицеев, колледжей, а также выпускникам для
подготовки к ОГЭ и ЕГЭ.
Последние комментарии
10 часов 34 минут назад
11 часов 9 минут назад
12 часов 2 минут назад
12 часов 7 минут назад
12 часов 18 минут назад
12 часов 31 минут назад